1樓：匿名使用者
你說的變壓器是交流變壓器，電流的大小和方向都隨著時間變化而變化。電流的波形跟電壓一樣，也是正弦波。儀表上顯示的數值是有效值。
如圖所示，理想變壓器原、副線圈的匝數比為10：1，電壓表和電流錶均為理想電表，r為副線圈的負載電阻．現
2樓：b悲催
a、由交流電的變化規律可知，副線圈中交流電的週期為0.02s，所以交流電的頻率為50hz，變壓器不改變交流電的頻率，故a正確．
b、知原線圈的電壓有效值為220v，故副線圈的電壓的有效值為22v，所以電壓表的示數為22v，故b錯誤．
c、原、副線圈的電流與匝數成反比，副線圈的電流是i=0.1a，所以原線圈的電流是0.01a，故c錯誤．
d、電阻r消耗的電功率是：q=uit=22×0.1×60j=132w，故d正確．
故選：ad．
如圖所示，理想變壓器原、副線圈的匝數比為10：l，b是原線圈的乙個抽頭，電壓表和電流錶均為理想電表，從
3樓：年惜文
a、當單刀雙擲開關與a連線時，匝數之比為10：1，原線圈兩端有效值為220v，所以所以副線圈電壓有效值為22v，故a正確；
b、由題意可知，交變電壓的頻率為f=100π
2π=50hz，所以副線圈的頻率也為50hz，所以流過滑動變阻器電流的方向每秒改變100次，故b正確；
c、在滑動變阻器觸頭p向上移動的過程中，電阻減小，而副線圈電壓不變，所以電流變大，而線圈匝數比沒有變，所以原線圈電流也變大，所以電壓表示數不變，電流表示數變大，故c錯誤；
d、若把開關由a扳向b時，原副線圈匝數比變小，所以副線圈電壓變大，所以電壓表示數變大，而滑動變阻器電阻不變，所以功率變大，所以原線圈功率也變大，而原線圈電壓不變，所以原線圈電流增大，即電流表示數變大，故d錯誤；
故選ab
為何理想變壓器原、副線圈的匝數比由10：1變為5：1，所以輸出的電壓公升高，電壓表和電流錶的示數均變
4樓：匿名使用者
uin/uout=10/1，所以uin=10uout，即uout=uin/10
uin/uout=5/1，所以uin=5uout，即uout=uin/5
所以輸出電壓變高了。匝數變少，阻抗也小了，所以電流也大了。
反過來想下，原邊少了，相對來講，也就是副線圈匝數多了，所以電壓公升高啊。
5樓：匿名使用者
匝數越多電阻越大，當電阻減小時，電流增大，電壓增大
如圖所示，理想變壓器原、副線圈的匝數比為10：1，b是原線圈的中心抽頭，電壓表和電流錶均為理想電表，從
6樓：滾泥麻痺
a、單刀雙擲開關與a連線，當滑動變阻器觸頭p向上移動的過程中，滑動變阻器的電阻增大，電路的總電阻增大，由於電壓是由變壓器決定的，電壓不變，所以a錯誤．
b、當t=1
600s代入u1=220
2sin100πt（v），u=110
2v，故b錯誤；
c、當單刀雙擲開關與a連線時，原線圈的電壓的最大值為2202v，根據電壓與匝數成正比可知，所以副線圈的電壓的最大值為222v，電壓表的示數為電壓的有效值，所以示數為22v，所以c正確．d、若當單刀雙擲開關由a扳向b時，理想變壓器原、副線圈的匝數比由10：1變為5：1，所以輸出的電壓公升高，電壓表和電流錶的示數均變大，所以d錯誤．
故選：c．
（2019 資陽模擬）如圖所示，一理想變壓器原線圈匝數n1 1000匝，副線圈匝數n2 200匝，原線圈中接一交變電
尾高 原線圈中接一交變電源，交變電源電壓u 2202sin100 t v 故最大值為2202v，有效值為220v，角頻率為100 rad s，故頻率為f 2 50hz a 變壓器不改變頻率，此交流電的頻率為50hz，故a錯誤 d 電壓表測量電壓的有效值，為220v，故d錯誤 b 根據變壓比公式，有 ...
理想變壓器原副線圈分別連線有燈泡如下圖所示，解題思路
設變比為n 開關閉合前原邊電流為i 則閉合前副邊電流 u 6i n 10 u 6i 10n則閉合後副邊電流 u 24i n 2 u 24i 2n原邊電流比是1 4，副邊電流也是1 4 因此 u 6i 10n u 24i 2n 1 4解得u i 96歐 96歐就是開關閉合前總等效電阻那麼副邊折算到原邊...
理想變壓器，輸入方波，輸出波形是什麼
脫永芬璩黛 既然說是理想變壓器，當然就仍然是方波輸出了。你說的 方波為1期間，相當於直流，傳遞不過去 實際上又把它看成了實際變壓器了，這種情形是在頻率相對比較低時，變壓器進入磁飽和狀態。分析理想變壓器，假設頻率相對較高 對變壓器而言 不至於進入磁飽和狀態。補充 比較較真呀，只要變壓器會進入飽和，訊號...