1樓:
共計四個命題,「都是假命題」???
一樓的人很自信啊!
1、n為大於1的奇數時,2的n次方-1一定為質數分析:1)當n為奇合數時:
n可表示為
n=p*q(其中,p>1,q>1,且皆為奇數)=>
2^n-1
=2^(p*q)-1
=(2^p)^q-1
=[2^p-1]*[(2^p)^(q-1)+(2^p)^(q-2)+...+(2^p)^1+1]
顯然已經能寫出兩個因數了,故原命題錯誤,為假命題。
舉例:n=3*3
=>2^n-1=2^9-1=511
則2^p-1=2^3-1=7就是511的乙個因數。
2)當n為奇素數時:
2^n-1就是梅森數(有的稱作梅桑數)
下面說一種舉反例(即梅森數為合數)的方法:
根據費爾馬小定理
當(2,n)=0
即2,n互質時:
2^(n-1)-1==0(mod n)
(模算式等號打不出來,這裡用==表示)
又對於底數2的情況有定理:
費爾馬小定理中(n-1)的指數除以2後不影響n的可除性故對於n=8m+7
根據2^[(8m+7)-1]-1==0(mod (8m+7))可推導出:
2^(4m+3)-1==0(mod (8m+7))這個模算式的意思可解釋為:
當4m+3、8m+7都是素數時,2^(4m+3)-1為合數,且其中乙個因數就是8m+7.
舉例:m=2、5、20、32等等
類似的:
以上只是對n=8m+7的假設形式,也可由其他的表示式類似求解總之,用梅森數可以找到許多合數使原命題為假命題。
綜上,該命題為假命題
2、當n為大於0的偶數時,2的n次方-1一定為和數n為偶數
=>n=2m
=>2^n-1
=2^(2m)-1
=(2^m)^2-1
=[2^m+1]*[2^m-1]
顯然,已經有兩個因數了,故該命題為真命題。
舉例:m=1,(n=2)這是最簡單的了。
3、當n為大於1的奇數時,2的n次方+1一定為和數根據模算式的乘方法則:
2==2(mod 3)
=>2==-1(mod 3)
n為奇數時,(-1)^n=-1
=>2^n==(-1)^n(mod 3)
=>2^n==-1 (mod 3)
2^n+1==0(mod 3)
也就是說
命題中的2^n+1都能被3整除,
又因為n>1
故原命題為真命題
不在舉例了,太顯然了
4、當n為大於0的偶數時,2的n次方+1一定為質數?
這個命題沒想出比較好的解釋,
只想到一類目前尚無證明特例,
即費馬數:
f(r)=2^(2^r)+1
目前世界上對費馬數研究發現是原先的逆向猜想:
r=0、1、2、3、4都是素數,
r>5時,尚未發現素數
所以我想,這可以作為乙個參考的找反例的方法,這能說明原命題為假命題以上即為所有分析
其中,2真2假
其中可根據分析論證真命題的正確性
可參考假命題的分析列舉出一系列的眾多反例。
奇素數情況的分析參考《數論妙趣》第三章《完美無缺》。
2樓:匿名使用者
都是假命題
2^10+1=1025=5*205 2^10-1=1023=3*341
2^11+1=2049=3*683 2^11-1=23*89
3樓:匿名使用者
肯定不是,511=7*73,2047=23*89
2147483649?;
2^6+1=65
2的1次方加2的2次方加2的3次方加2的4次方加2的5次
設a 2的1次方 2的2次方 2的3次方 2的4次方 2的5次方,則2a 2的2次方 2的3次方 2的4次方 2的5次方 2的6次方2a a 2的6次方 2的1次方 a 2的6次方 2 s今生緣 2 1 2 2 2 3 2 4 2 5 2 5 2 5 2 1 2 6 2 1 2 6 2 因為2 2 ...
2的2次方到2的99次方怎麼算,2的1次方 2的2次方 2的3次方一直加到2的20次方怎麼做
2的99次方為2的 100 1 次,等於2的100次除以2,以此類推。因2的10次方等於1024,2的100次方等於1024的10次方,這就需要算出來。因為2的99次方等於2的100次方除以2。所以2的99次方等於a 2。利於用對數及反對數求解。例如 2的2次方 2的3次方 2的4次方 xx2的99...
2的0次方加2的1次方加2的3次方一直加到2的2019次方等於幾
守愚 等比數列的題 2 0 2 1 2 2 2 2004 1 2 2005 1 2 2 2005 1 2 n表示2的n此方 如果你沒有學過等比數列,那這麼做 2 0 1 2 1 2 2 2 4 2 3 8 我們發現1 2 3 1 2 4 7 1 2 4 8 15 也就是說前面幾項加起來等於後面一項減...