已知數列an的前n項和為Sn,對任意正整數n,點(an Sn 總在曲線tx 2 y 2 t t0 上,a1 t

時間 2022-04-06 16:36:05

1樓:

(1)易得tan+sn=t

同樣ta(n-1)+s(n-1)=t

兩式相減,得t(an-a(n-1))+an=0

即an=t/(t+1)*a(n-1)

故為等比數列,公比為t/(t+1)

an=[t/(t+1)]^n

(2)f(t)=t/(t+1)

易知bn=f(b(n+1))=b(n+1)/(b(n+1)+1)

所以1/bn=(b(n+1)+1)/b(n+1)=1+1/b(n+1)

故為等差數列,首項為1/b1=9/2,公差為-1

所以1/bn=9/2+-(n-1)=-n+11/2

bn=2/(-2n+11)

(3)a1+a2+……+an=3a1

即a1(1-q^n)/(1-q)=3a1,其中a1=q=t/(t+1)

lim(n→∞)(1-q^n)/(1-q)=3

得q=2/3,t=2

所以an=(2/3)^n

an=2/3*(9/2)+(2/3)^2*(7/2)+……+(2/3)^n(11/2-n)①

2/3an=(2/3)^2*(9/2)+(2/3)^3*(7/2)+……+(2/3)^(n+1)(11/2-n)②

①-②,得1/3an=3-[(2/3)^2+(2/3)^3+……+(2/3)^n]-(2/3)^(n+1)(11/2-n)

=11/3-(a1+a2+……+an)-(2/3)^(n+1)(11/2-n)

=11/3-[2-2*(2/3)^n]-(2/3)^n(11/3-2/3n)

=5/3-(2/3)^n(5/3-2/3n)

故an=5+an(2n-5)

和結果有出入,可能是我算錯了,可能是原題為an=(an-5)/(tn-5),不太清楚了,反正過程就是這樣

還有,注意計算a1+a2+……+an時,不能直接=3a1=2,因為那是極限,並非a1+a2+……+an真正的表示式。

2樓:匿名使用者

點(√an √sn)總在曲線tx^2+y^2=ttan+sn=t (1)ta(n-1) +s(n-1) = t (2)

(2) -(1)

t(an-a(n-1)) + an =0

an/a(n-1) = t/(1+t)

an 是等比數列

an/a(n-1) = t/(1+t)

an/a1 = [t/(1+t)]^(n-1)an = [t/(1+t)]^n

(2)f(t)= [t/(1+t)]

f^(-1) ( 這是什麼?????)

3樓:芝士o型血

這是要考驗我的記憶能力嗎???

已知數列an的前n項和為Sn,且Sn 2an 1,求數列an的通項公式

尚正吉鴻信 a1 s1 2a1 1,a1 1 sn 2an 1,s n 1 2a n 1 1,a n 1 s n 1 sn 2a n 1 2an,a n 1 2an,an是以1為首項,2為公比的等比數列 an 2 n 1 已知數列的前n項和為s n 且s n 2a n 1 求數列的通項公式.解 s ...

已知數列an的前n項和為Sn,且Sn 2an n n屬於N1 求數列an的通項公式

sn 2an n s1 a1 2a1 1 a1 1 s n 1 2a n 1 n 1 a n 1 s n 1 sn 2a n 1 n 1 2an n a n 1 2an 1 a n 1 1 2 an 1 a n 1 1 an 1 2 是等比數列,公比為2 an 1 a1 1 2 n 1 2 n an...

已知數列an各項均為正數,其前n項和為sn,且滿足4sn

麥ke格雷迪 解 4sn an 1 2 4sn 1 an 1 1 2 n 1為下標 則4an 4sn 4sn 1 an 1 2 an 1 1 2 化簡得 an 1 2 an 1 1 2則an 1 正負 an 1 1 又各項均為正數 則an 1 an 1 1 即an an 1 2 又令n 1,得a1 ...