已知a R,函式f xx 2 ax e x x R,e為自然對數的底數1 當a 2時,求函式f x

時間 2021-09-01 22:05:43

1樓:煙波天客

解:(1)f(x)』=(-x^2+ax)』e^x+(-x^2+ax)(e^x)』

= [-x^2+(a-2)x+a]e^x

當a=2時 f(x)』=(-x^2+2)e^x

令 f(x)』=0 得 x1=√2 x2= -√2

∵ x∈(-∞ ,-√2 ) f(x)』<0 f(x)單調遞減

x∈(-√2,√2) f(x)』>0 f(x)單調遞增

x∈(√2,+∞) f(x)』<0 f(x)單調遞減

∴函式f(x)的單調遞增區間為 x∈(-√2,√2)

(2)f(x)』=[-x^2+(a-2)x+a]e^x

∵ 函式f(x)在(-1,1)上單調遞增

∴ x∈(-1,1) f(x)』≥0 f(x)單調遞增

∵e^x>0 ∴ x∈(-1,1)[-x^2+(a-2)x+a]≥0

設g(x)=-x^2+(a-2)x+a ,則

g(-1)≥0 -1-(a-2)+a≥0

g(1)≥0 -1+(a-2)+a≥0

∴a≥3/2

∴a的取值範圍[3/2,+∞)

2樓:

f(x)』=(-x^2+ax-2x+a)e^x,對其中一元二次方程△=(a-2)^2+4a=a^2+4恆大於0,所以-x^2+ax-2x+a既有大於0的部分也有小於0的部分,所以函式不是是r上的單調函式

已知函式f(x)=(x+a)e^x,其中e為自然對數的底數(1)若函式f(x)是區間[-3,+∞)上的增函式,求實數a的取值範

3樓:匿名使用者

f(x)=(x+a)e^x

f ′(x)=e^x+(x+a)e^x=(x+a+1)e^x第一問:

∵在[-3,+無窮大)上是增函式

∴-a-1≤-3

a≥2第二問:

∵f ′(x)=(x+a+1)e^x

∴減區間(-∞,-a-1),增區間(-a-1,+∞)f(x)=(x+a)e^x≥e²在x∈[0,2]時恆成立如果-a-1≤0,即a≥-1,則在[0,2]單調增,最小值f(0)=a*e^0=a≥e²

∴a≥e²

如果0<-a-1<2,即-3<a<-1,則在區間[0,2]先減後增,最小值f(-a-1)=(-a-1+a)e^(-a-1)=-e^(-a-1)<0,不符合要求

如果-a-1≥2,即a≤-3,則在區間[0,2]單調減最小值f(2)=(2+a)e²≥e²

2+a≥1,a≥-1不符合a≤-3要求

∴a≥e²

4樓:善言而不辯

(1)f(x)=(x+a)e^x

f'(x)=e^x+(x+a)e^x

x≥3時,f'(x)=e^x+(x+a)e^x>0∵e^x恆大於0

∴x+1+a>0,

∴a>-4

(2)f'(x)=e^x+(x+a)e^x駐點:1+x+a=0→x₀=-a-1,可以判斷f(x₀)為最小值。

如0≤-a-1≤2,即a≥1,或a≤-1

則,f(-a-1)=-e(-a-1)≥e²,無解∴駐點不在[0,2]區間內。

x₀<0,f(x)單調遞增,f(x)≥f(0)=aeº≥e²→a≥e² x₀=-a-1≤-e²-1<0,成立

x₀>2,f(x)單調遞減,f(x)≥f(2)=(2+a)e²≥e²→a≥-1,x₀=-a-1≤-2,不成立

∴ a≥e²

已知a∈r,函式f(x)=(-x^2=ax)e^x,(x∈r,e為自然對數的底數) (1)若函式f(x)在(-1,1)

5樓:

f(x)=(-x²+ax)e^x

(1)f'(x)=(-2x+a)e^x+(-x²+ax)e^x=-[x²-(a-2)x-a]e^x

在(-1,1)上,f'(x)≥0,即x²-(a-2)x-a≤0,(x²+2x)/(x+1)≤a恆成立

令g(x)=(x²+2x)/(x+1),x+1=t,x=t-1,t∈(0,2),g(t)=(t²-1)/t=t-(1/t)

g(t)在(0,2)上為增,要使得t-(1/t)≤a,在區間(0,2)上恆成立,只需g(2)≤a,故a≥3/2

(2)只需x²-(a-2)x-a≥0恆成立。故△=(a-2)²+4a≤0,解得a≥2/3或a≤-2.

已知a屬於R,函式f xx 2 ax e x若函式

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